IPA FISIKA KIMIA BIOLOGI

Rumah Belajar Daniel

Pembahasan Try Out 1

TKD Saintek Kode : 221 5 Februari 2017

 Matematika IPA  FISIKA  KIMIA  BIOLOGI

1

MATEMATIKA IPA

Matematika IPA Pembahasan TO 1 Kls XII SMA - SBMPTN (5 Februari 2017) 1

2

3

4

5

6

7

9

10

11

12

13

14

15

8

www.rumahbelajardaniel.com

Rumah Belajar Daniel 3.

Lihat gambar T 3 5

B C 

3

2

3

log x – 2 log x – 2010 = 0 3

3

log x1 + log x2 = – 3

b a

=4

log x1 x2 = 4 x1 x2 = 81

Jawaban : D 2.

“Klik” f (x)  0 I 2 f (x) = (3m + 1) x – 4x (m + 1) – 1 m + 4  0 bentuk ini adalah bentuk definitif  syarat : a  0 , D  0 2 I. 3m + 1  0 b – 4ac  0 1 m– 3 I

16 (m + 1) – 4 (3m + 1)(m + 4)  0 2 2 16 (m + 1) – 4 (3m + 13m + 4)  0 2

4

4m + 8m + 4 – 3m – 13m – 4  0 2

2

II. m – 5m  0 m (m – 5)  0 2

–

+

5 I dan II

 31 0 Jawaban : E

5

0m5

TI

A

DT = 36  9 = 3 5 tan  = 1 0  = 45 Jawaban : B

4.

Lihat gambar y=x 3 y A 60

O

2

30

T

6

x=6

3

x

30

B

y=x 3 0

m = 3 = tan 60 0 AOT = 30 AT r tan 30 = = OT OT 1 r=6. 3 =2 3 3 karena OAT sebangun dengan BOT 0 maka B = 30 6 6 tan B =  BT = =6 3 BT tan 30 1 luas AOB = (2 3 + 6 3 ) . OT = 4 3 . 6 = 24 3 2 Jawaban : D

+

0

3 6


1

1  log x  3log x  2  = 2010 2 

3 5

I


3

2

= 2010

log 3


x


1.

log x  2


D 9

6

5.

2

x + px – 31 = 0 Kita cek kemungkinan (x – 31)(x + 1) = 0 2 x – 30x – 31 = 0 Jadi supaya m + n maksimum maka p yang mungkin = –30 Jawaban : E

2

1+

2 2200 . 2

1

+

2200 1

+

2200



3

+

1

=x

3200 1

=x–1

3200

2010

201 –

=x

3200 . 3

Lihat gambar


2300 1   1 = 201 – 2010  200  200  3 2  = 201 – 2010 (x – 1) = 201 – 2010 x + 2010 = 2211 – 2010 x Jawaban : E

7.

2200

2010

–

T

L

K D

C L

I

O I K A 4 Perhatikan  ATC T

B Perhatikan  TBD T

L K

A

O L 1

I

L O =

3 1

I

C

I

D

O K

I

OC

KO =

1 2

OB

 

1 2 2 2 = = 2 2 = 2 2 3 3 2 I I Lihat segitiga K O L I I  K O L segitiga siku-siku di O (karena ABCD bujur sangkar)

=

I

I

Jadi K L = = Jawaban : B

(OK I )2  (OLI )2

2 8 = 9

26 9

=

8.

1 3

26

B

lim

x 

sin 2x  tan 2x

1  sin32   3x tan 21x

misalkan :

=…?

1

=y x jika x   maka y  0 sin2y  tan 2y  lim y 0 [1  sin(270  3 y )] tan 1 y 2





sin2y 1 

1 cos 2 y y 0 [1  cos 3 y ] tan 1 y 2


1+

3

=x

201


2

3

+

201


2

1+


6.

MATEMATIKA IPA www.rumahbelajardaniel.com


 lim  lim

y0

2



1 2

sin2y cos 2y  1 1 . . tan 21 y 1  cos 3 y cos 2y

. lim

y 0

 4.–  –

2 sin 2y 3 sin 3 y

.

1 cos 0

4 1 . 9 1

16

9 Jawaban : C  2

9.



sin x cos x

0

=– =–

dx

1  cos2 x 1

 2









2  1  cos x

2

0

1

2 1  cos2 x

2

 21

1 2

= – 1  cos2 x

1 2



d 1  cos 2 x 1 2





0 

0

= –1 – (– 2 ) = 2–1 Jawaban : B –2x

10. 3 (2 ) – 2  2 + 1 x –2x x 2 . 2 – 2 – 1  0, misalkan 2 = a, a  0 1 2a – 2 – 1  0 a 3 2 2a – a – 1  0  koefisien = 0  a = 1 2 (a – 1)(2a + a + 1)  0  a – 1  0 a 1 x Definit  2 1 x 0 2 2 x 0 Jawaban : A x

x

3

MATEMATIKA IPA

2

11. f(x) = (x + 2x + 4) H(x) + (3x + 2) 2 f(x) – x + 1 = (x + 2x + 4) H(x) + (2x + 3)



(2x  3)2 x 2  2x 4 4 x 2  12 x  9

x 2  2x  4 4 x  7 = sisa 4+ 2 x  2x  4  a = 4, b = –7  a – b = 4 – (–7) = 11 Jawaban : A


1   s, 2t  x = a, y = b 2   dilatasi 3 kali 1  3 I x = 3x  3  s  = 2  2 I y = 3y  3(2t) = 6t 1 3 2a – s = s 2 2 2a = 2s  a = s

1    2a  s, 2b  2t  2  

s


12.

2.

a . b  a b cos  a x b  a b sin 

= cot 

(B)

a  kb x b  a x b  kb x b = axb

3.


2b – 2t = 6t 2b = 8t  b = 4t 1 1 ab = s . 4t  st 4 4 Jawaban : A

13. 1.

a  ba  b  2b x a

4. a x b  b x a

 O

(B) (B) (S)

5. a . b  0 , maka a  0 atau b  0 Jawaban : C

3

2

g(x) = –x + 6x + 15x – 2 I 2 g (x) = –3x + 12x + 15 I 2 g (x) = –3(x – 4x – 5) = –3(x – 5)(x + 1) x = 5, x = –1 nilai min nilai maks I Nilai g (x) : turun –

naik

(S)

turun

–

+ –1


x 2  2x  4



14.

5

kalau a dan b bulat, maka yang mungkin untuk a  x  b adalah a = –2, b = 6 Jadi b – a = 6 –(–2) = 8 Jawaban : B 15. n = abc ganjil 4bc Nilai a yang mungkin {1, 2, 3, …, 9}  n(a) = 9 Nilai b yang mungkin {5, 6, 7, 8, 9} Nilai c yang mungkin {7, 9} untuk b = 5 c

7  9 x 2 = 18 9  9 x 2 = 18

untuk b = 6 c

7 9

untuk b = 7, 8  9 x 2 = 18 c9 54 Jawaban : E

+

eRBD : http://www.rumahbelajardaniel.com/ Back to TOP Back to TOP


( f ( x )  x  1)2



4

FISIKA

18

19

20

21

22

24

25

26

27

28

29

30

23

16. Kita cari dulu waktu (t) yang diperlukan batu saat vy = 3 m/s. ( maka )

10 t = 8 – 3 = 5 t = 0,5 sekon Tinggi batu = 4 – 1,25 = 2,75 m Jawaban : A 17. fBA NBL

fBL

NA

F

WB

Benda B mendapat dua buah gaya gesek yaitu dari benda A (fBA) dan dari lantai (fBL) dan semua arahnya ke kiri. Gaya-gaya yang bekerja pada benda B NA = W A = 100 N NBL = NA + W B = 100 + 500 = 600 N fBA = BA. NA = (0,2)100 = 20 N fBL = BL. NBL = (0,5)600 = 300 N  FX = 0 F – fBA – fBL = 0 F = fBA + fBL = 20 + 300 = 320 N Jawaban : D 18. Pada kasus ini terjadi perubahan energi potensial menjadi energi kinetik total (EK rotasi + EK translasi)


17


16


Pembahasan TO 1 Kls XII SMA - SBMPTN (5 Februari 2017)


FISIKA


Rumah Belajar Daniel 19. Rumus modulus elastisitas maka

Jawaban : B 20. Cari dulu kecepatan di ujung bawah dan atas Dari rumus debit











Gunakan Azas Bernoulli

Jawaban : B 21. Tekanan tetap berarti proses isobar. pV p V Dari rumus 1 1 = 2 2 T1 T2

T2 V2 = T1 V1

(T1 = 27 + 273 = 300 K)

2V T2 = 1 300 V1 T2 = 600 K Dari Hukum I Termodinamika 3 Q = W + U = pV + nRT 2 3 5 = nRT + nRT = nRT 2 2 5 = (1)(2)(600 – 300) = 1500 kal 2 = 1,5 kkal Jawaban : C

Jawaban : B


EP = EK total 22. Hukum I Termodinamika

 Karena semua kalor (Q) yang diserap menjadi tambahan energi dalam maka usaha W = 0. Proses dimana W = 0 adalah proses isokhorik (V tetap) Jawaban : C

5

FISIKA

kawat tidak berubah Volume awal dan akhir kawat sama

Jawaban : B 25. Pada kawat PQ akan mengalir arus induksi yang arahnya dari P ke Q. Karena pada kawat PQ mengalir arus maka kawat akan mendapat gaya Lorentz yang besarnya adalah :

Jawaban : C

26. v1 = 0,8 c dan v2 = 0,6 c

t =

to 1

=

2

v c2

atau

t 1 = t 2

1

v 22

1

v12

c2 c2

0,8 4 = 0,6 3

Jawaban : B 27. Pernyataan salah, karena cahaya matahari yang melalui prisma akan mengalami dispersi bukan interferensi Alasan benar Jawaban : D


24.


Jawaban : B


Percepatan


Kecepatan

28. Seberkas elektron yang merambat tegak lurus terhadap suatu medan listrik akan mengalami gaya listrik yang searah dengan arah medan adalah (salah) karena arah gayanya berlawanan dengan arah medan listrik. v E F

–

Setiap muatan yang berada di sekitar medan listrik akan mengalami gaya listrik adalah (benar) karena F = q.E Jawaban : D 29. Bila benda bergerak melingkar beraturan, maka : – kecepatannya berubah tapi laju (besar kecepatan) konstan. – kecepatan sudutnya konstan. – percepatannya berubah tapi besar percepatannya konstan. – gayanya berubah tapi besar gayanya konstan. Jawaban : C 30. Cepat rambat gelombang dalam dawai

F F =  A F = tegangan dawai m V AL = = = = A L L L Supaya v besar maka : – tegangan dawai (F) diperbesar – massa dawai per satuan panjang diperkecil Jawaban : C v=



23. Simpangan y = 4 sin 0,1 t = 4 sin 0,1(5) = 4 sin 0,5 0 = 4 sin 90 = 4(1) = 4 m



6

KIMIA

31

32

33

34

35

36

37

39

40

41

42

43

44

45

38

31. Analisis kandungan NiS (Mr= 90) dalam 4,5 gram batuan menghasilkan 1,44 gram Ni(C4H7N2O2)2 (Mr= 288), melalui tahapan reaksi berikut: Ni(NO3)2 + 2C4H8N2O2  Ni(C4H7N2O2)2 + 2HNO3 (1) Mol Ni(C4H7N2O2)2 = = (2) Mol Ni(NO3)2 =

= 0,005 mol

x 0,005 mol = 0,005 mol

NiS + 4HNO3  Ni(NO3)2 + S + 2NO2 + 2H2O 0,005 mol ~ 0,005 mol (3) Massa NiS = mol x Mr = 0,005 x 90 = 0,45 gram – Persentase (%) NiS dalam batuan tersebut :

= 10% Jawaban : E 32.

Reaksi pembakaran gas etana sebagai berikut: 2C2H6 + 7O2  4CO2 + 6H2O H = -3120 kJ Koefisien etana menunjukkan etana yang dibakar sebanyak 2 mol menghasilkan H = - 3120 kJ. – Perubahan entalpi pada pembakaran 1 mol C2H6 Hc = = -1560 kJ/mol – Perubahan entalpi pada pembakaran 1 gram C2H6 H = Hc x mol = Hc x = -1560 kJ x = - 52 kJ Jawaban : A


x 100%


=

33. Reaksi aA + bB  produk, v = k[A] [B] (1) konsentrasi A dinaikkan 2 kali pada konsentrasi B tetap, laju reaksi meningkat 2 kali lipat m Orde m  [A] = v m (2) = 2 m =1 (2) konsentrasi A dan B dinaikkan 2 kali, laju reaksi meningkat 8 kali lipat m n Orde n  [A] x [B] = v 1 n (2) x (2) = 8 n (2) = 4 n=2 2 − Hukum laju reaksi : v = k[A][B] Jawaban : C m

n

34. Reaksi kesetimbangan : CO(g) + H2O(g)  CO2(g) + H2(g) ,K= 4, misal V= 1L m : 1 mol 1 mol r : x x s : 1-x mol 1-x mol M : 1-x M 1-x M

x x mol xM

x x mol xM

– Mol CO setelah tercapai kesetimbangan K =

x 100%


% NiS =




KIMIA



4 = 4 = 2 = 2 – 2x = x x = Mol CO = 1- x =1=

mol

Jawaban : B 35. Larutan asam HA 0,5 M memiliki Ka = 8 x 10 – Persen dissosiasi ( ) larutan asam HA

-4

= = = -2 = 4 x 10 %

-2

= 4x10 x 100% = 4% Jawaban : E

7

Reaksi pencampuran asam dan basa: HCOOH + NaOH  HCOONa + H2O (0,66 M, 50 mL) (1,2 M, 25 mL) -4 Ka = 1x10 (1) mol HCOOH = M x V = 0,66 x 50 = 33 mmol (2) mol NaOH = M x V = 1,2 x 25 = 30 mmol

HCOOH m : 33 mmol r : 30 s : 3 mmol

NaOH  HCOONa + H2O 30 mmol 30 30 30 30 mmol 30 mmol

+

Pada reaksi tersebut terdapat sisa asam lemah HCOOH dan garam HCOONa, maka campuran tersebut merupakan larutan penyangga asam.


36.

KIMIA www.rumahbelajardaniel.com


– Persamaan reaksinya : 2+ oksidasi : Zn(s)  Zn (aq) + 2e x1 + reduksi : Ag (aq) + e  Ag(s) x2 + 2+ 2 Ag (aq) + Zn(s)  2 Ag(s) + Zn (aq) Jawaban : E 39. –

–

+

pH = - log [H ] -5 = - log 1x10 = 5 Jawaban : E 37. Massa etilen glikol (Mr= 62) yang harus ditambahkan dalam 1 Kg air agar tidak membeku pada suhu - 4C dengan Kf = 1,86 (C/m) Tf = - 4C

 Tf = 4C

Tf = Kf x m Tf = Kf x 4 = 1,86 x

x x

gr = = 133,33 gram Jawaban : B 38.

– Reaksi yang memiliki E sel paling besar E sel = E reduksi - E oksidasi = E besar - E kecil Untuk menghasilkan E sel paling besar = E terbesar - E terkecil Diketahui Potensial standar reduksi : 2+ E Zn (aq) / Zn(s) = - 0,76 v  E terkecil (oksidasi) 2+ E Cu (aq) / Cu(s) = +0,34 v + E Ag (aq) / Ag(s) = +0,79 v  E terbesar (reduksi)


-5

= 1x10 M


= 1x10 x


-4


+

Faraday yang dihasilkan WCd = e x F 5,6 = F

– pH larutan penyangga asam [H ] = Ka x

Elektrolisis larutan CdSO4 dengan elektroda Pt 2+ 2CdSO4  Cd + SO4 2+ − Katoda (-) : Cd + 2e  Cd + − Anoda (+) : 2H2O  4H + O2 + 4e Massa logam Cd (Ar= 112) yang dihasilkan 5,6 g.

–

=

xF = 0,1 F ~ 0,1 mol elektron

Volume gas oksigen (STP) yang dihasilkan dianoda + − Anoda (+) : 2H2O  4H + O2 + 4e 0,1 mol (1) Mol O2 = x 0,1 mol = 0,025 mol

(2) Volume O2 (STP) = mol x 22,4 = 0,025 x 22,4 = 0,56 L Jawaban : A 40. Senyawa C5H10O memiliki isomer keton dan aldehid – Isomer Keton (− CO − ) (1)

(3)

(2) – Isomer aldehid (− CHO ) (1)

(3)

(2)

(4)

Jawaban : B

8

KIMIA

Jawaban : B 42. Hidrogen halida : HF, HCl, HBr, HI Titik didih dipengaruhi oleh gaya antar molekul dan nilai Mr nya. Nilai Mr semakin besar, titik didihnya semakin besar. Tetapi jika senyawa tersebut memiliki gaya antar molekul ikatan hidrogen (ikatan antara H dengan F/O/N), maka senyawa tersebut memiliki titik didih paling tinggi. Urutan titik didih : HF > HI > HBr > HCl − Pernyataan 1dan 2 benar dan saling berhubungan. Jawaban : A 43. − Pernyataan 1 benar, hujan asam menyebabkan penurunan pH air hujan dibawah 4. − Pernyataan 2 benar, proses terbentuknya hujan asam: Gas SO2 di udara yang teroksidasi 2SO2 + O2  2SO3 Gas SO3 yang terbentuk jika bercampur dengan air membentuk asam kuat SO3 + H2O  H2SO4 − Pernyataan 1dan 2 benar dan saling berhubungan. Jawaban : A 44. Molekul H2O, NH3, dan CH4 − Type VSEPR dan bentuk molekul E= H2O Atom pusat O memiliki 6 elektron valensi, jumlah X dilihat dari jumlah H = 2 E= Rumus umum AX2E2, bentuk molekul: bengkok A X

X


27 + a = 30 + 1 a=4  13 + b = 15 + 0 b=2 Partikel adalah partikel alfa





+




+

NH3 Atom pusat N memiliki 5 elektron valensi, jumlah X dilihat dari jumlah H = 3 E= Rumus umum AX3E, bentuk molekul: segitiga piramidal A X

X X

CH4 Atom pusat C memiliki 4 elektron valensi, jumlah X dilihat dari jumlah H = 4 E= Rumus umum AX4, bentuk molekul: tetrahedral

− Molekul yang jumlah domain elektron (X+E) = 4 3 memiliki orbital hibrida sp adalah molekul yang memiliki rumus umum AX4, AX3E, dan AX2E2. Pernyataan (1), (2), dan (3) benar Jawaban : A 45. Unsur yang memiliki konfigurasi elektron terluar: 5 2 3d 4s 2 5 Konfigurasi elektron : X = 18[Ar] : 4s 3d X merupakan golongan transisi VII B, periode 4 Unsur transisi (Golongan B) memiliki sifat: 1. titik leleh tinggi 2. menghasilkan ion-ion berwarna 3. dapat membentuk senyawa komplek 4. umumnya sukar bereaksi dengan air 5. bilangan oksidasi bermacam-macam 6. bersifat paramagnetik 7. bersifat katalis − Pernyataan (1) dan (3) benar Jawaban : B eRBD : http://www.rumahbelajardaniel.com/ Back to TOP


41. Atom alumunium ditembaki dengan partikel X menghasilkan Isotop fosfor dengan reaksi:



Back to TOP

9

BIOLOGI

47

48

49

50

51

52

54

55

56

57

58

59

60

53

46. Bakteriofage merupakan virus yang dapat menginfeksi bakteri. Memiliki bentuk seperti huruf T dan jenis materi genetik berupa DNA.

Bentuk Bakteriofage Virion : partikel virus di luar sel Kapsid : selubung protein virus Basil : bakteri berbentuk batang Kokus : bakteri berbentuk bulat Jawaban : C

Jawaban : A



47. Tanaman paku (Pterydophyta) merupakan kelompok tumbuhan yang mengalami pergiliran keturunan (metagenesis) antara fase gametofit dan sporofit, namun fase sporofit lebih dominan. Fase gametofit tanaman paku berupa protalium sedangkan fase sporofitnya adalah tanaman paku yang kita lihat sehari-hari.


46

48. Upaya yang dapat dilakukan untuk menekan laju erosi tanah dan air yaitu dengan penanaman tanaman penutup lahan. Fungsi dari tanaman penutup tanah adalah menahan atau mengurangi daya perusak butir-butir air hujan yang jatuh atau aliran air di atas tanah, menambah bahan organik tanah melalui batang, ranting atau daun mati yang jatuh serta mengurangi kandungan air di dalam tanah dengan cara transpirasi. Jawaban : D 49. Lambung dibagi menjadi tiga bagian yaitu kardia, fundus dan pilorus. Kardia adalah bagian depan dan merupakan pintu masuk dari lambung, fundus merupakan bagian tengah lambung yang agak membulat dan pilorus adalah bagian yang dekat dengan usus 12 jari (duodenum).




BIOLOGI



Jawaban : C 50. Hipofisis (pituitary) merupakan kelenjar endokrin yang terletak di dasar otak besar dan disebut sebagai master of gland karena mempengaruhi sekresi hormon pada kelenjar lainnya. Bagian hipofisis manusia yang telah diketahui fungsinya ada dua yaitu:  Bagian anterior (depan) yang menghasilkan hormon GH, ACTH, TSH, LH, FSH dan Prolaktin.  Bagian posterior (belakang) yang menghasilkan hormon ADH/Vasopressin dan Oksitosin.

Jawaban : B

10

Jawaban : E


52. Hormon yang terdapat pada tumbuhan (fitohormon) adalah sebagai berikut :  Auksin, berperan dalam proses pemanjangan sel dan dominansi apikal.  Giberelin, berperan untuk mematahkan dormansi dan memulai perkecambahan, membuat tanaman kerdil menjadi normal dan yang normal me njadi lebih besar.  Sitokinin, berperan untuk pembelahan sel, pertumbuhan tunas lateral, dan mencegah penuaan daun.  Kalin, berperan dalam pembentukan organ akar, batang, daun dan bunga.  Asam absisat, berperan dalam dormansi, penutupan stomata saat kekeringan dan gugurnya daun (absisi).  Traumalin, berfungsi untuk regenerasi bagian tumbuhan yang luka.  Vernalin, berperan untuk pendinginan sebelum terjadinya pembungaan.  Gas etilen, berperan dalam proses pematangan buah.

Jawaban : C 54. Satu buah nukleotida terdiri dari posfat, gula pentosa dan basa nitrogen (purin/pirimidin). Pada DNA, gula pentosanya berjenis deoksiribosa sedangkan pada RNA adalah ribosa. Contoh struktur satu buah nulkeotida pada DNA :

Jawaban : A 55. Sitoskeleton merupakan organel yang berperan sebagai kerangka sel, terdiri dari tiga jenis yaitu mikrotubulus (Ø 25 nm), mikrofilamen (Ø 7 nm) dan filamen intermediet (Ø 8-12 nm). Dari ketiga jenis sitoskeleton tersebut yang memiliki diameter paling besar adalah mikrotubulus.


Jawaban : B

53. Salah satu karakteristik enzin adalah bekerja secara spesifik/khusus yang artinya hanya bekerja pada substrat tertentu. Salah satu contohnya adalah untuk memecah amilum diperlukan amilase sehingga kita tidak bisa menggantinya dengan lipase karena enzim lipase berfungsi untuk memecah lemak.


Struktur Alveolus



51. Proses pertukaran gas pernapasan secara difusi terjadi di bagian alveolus. Strukturnya yang tersusun atas epitel pipih selapis dan banyak mengandung kapiler darah memungkinkan proses tersebut terjadi. Difusi antara gas karbondioksida dengan oksigen diakibatkan karena adanya perbedaan tekanan parsial gas-gas pada alveolus dan kapiler darah.

BIOLOGI www.rumahbelajardaniel.com


11

58. Glikolisis atau posforilasi tingkat zat/substrat merupakan taham respirasi yang terjadi di dalam sitosol. Proses yang terjadi adalah pemecahan satu molekul glukosa menjadi dua molekul asam piruvat, dua NADH, dan dua ATP. Jawaban : C (2 dan 4) 59. Kompetisi merupakan kejadian yang biasa terjadi di alam pada makhluk hidup. Makhluk hidup berkompetisi untuk mendapatkan makanan yang terbatas, wilayah kekuasaan, ataupun pasangan. Jawaban : C (2 dan 4) 60. Pada proses fotosintesis, RubisCO (Ribulosa Biposfat Karboksilase Oksigenase) merupakan enzim yang berperan untuk proses fiksasi pada Siklus Calvin. RubisCO dapat mengikat karbondioksida maupun oksigen.

Jawaban : D (Hanya 4)


57. KLIK SIKLUS KREBS “Si Iso Ketu Suk Su Fu Ma Ot” Sitrat Isositrat Ketoglutarat Suksinil Suksinat Fumarat Malat Oksaloasetat

Jawaban : D (Hanya 4)



Jawaban : E (Pernyataan dan alasan salah)



56. Oogonium merupakan sel induk yang akan membelah secara mitosis menghasilkan oosit primer. Selanjutnya oosit primer akan melakukan pembelahan meiosis I menghasilkan Oosit sekunder dan polosit primer.


Kromosom akan berpisah menuju kutub yang berlawanan pada tahan anafase. Pergerakan kromosom selama anafase dikendalikan oleh benang gelendong yang komponennya berupa mikrotubulus. Jawaban : B (Pernyataan benar dan alasan benar, tidak menunjukkan sebab akibat)

BIOLOGI www.rumahbelajardaniel.com


12

IPA FISIKA KIMIA BIOLOGI

Recommend Documents